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<math>y_1= \frac{1}{3} \left(-1+\frac{7^{2/3}}{\sqrt[3]{\frac{1}{2} \left(1+3 i \sqrt{3}\right)}}+\sqrt[3]{\frac{7}{2} \left(1+3 i \sqrt{3}\right)}\right)(=2\cos\frac{2\pi}{7})</math>
 
<math>y_1= \frac{1}{3} \left(-1+\frac{7^{2/3}}{\sqrt[3]{\frac{1}{2} \left(1+3 i \sqrt{3}\right)}}+\sqrt[3]{\frac{7}{2} \left(1+3 i \sqrt{3}\right)}\right)(=2\cos\frac{2\pi}{7})</math>
  
−
<math>y_2=-\frac{1}{3}-\frac{\left(\frac{7}{2}\right)^{2/3} \left(1-i \sqrt{3}\right)}{3 \left(1+3 i \sqrt{3}\right)^{1/3}}-\frac{1}{6} \left(1+i \sqrt{3}\right) \left(\frac{7}{2} \left(1+3 i \sqrt{3}\right)\right)^{1/3}(=2\cos\frac{4\pi}{7})</math>
+
<math>y_2=-\frac{1}{3}-\frac{7^{2/3} \left(1+i \sqrt{3}\right)}{3\ 2^{2/3} \sqrt[3]{1+3 i \sqrt{3}}}+\frac{1}{6} i \sqrt[3]{\frac{7}{2} \left(1+3 i \sqrt{3}\right)} \left(\sqrt{3}+i\right)(=2\cos\frac{4\pi}{7})</math>
  
 
<math>y_3=-\frac{1}{3}-\frac{1}{6} \left(1+i \sqrt{3}\right) \sqrt[3]{\frac{7}{2} \left(1+3 i \sqrt{3}\right)}+\frac{i 7^{2/3} \left(\sqrt{3}+i\right)}{3\ 2^{2/3} \sqrt[3]{1+3 i \sqrt{3}}}(=2\cos\frac{6\pi}{7})</math>
 
<math>y_3=-\frac{1}{3}-\frac{1}{6} \left(1+i \sqrt{3}\right) \sqrt[3]{\frac{7}{2} \left(1+3 i \sqrt{3}\right)}+\frac{i 7^{2/3} \left(\sqrt{3}+i\right)}{3\ 2^{2/3} \sqrt[3]{1+3 i \sqrt{3}}}(=2\cos\frac{6\pi}{7})</math>

2012년 11월 1일 (목) 18:01 판

이 항목의 스프링노트 원문주소

 

 

개요

 

 

정칠각형 꼭지점의 평면좌표

  • 정칠각형이 단위원에 내접하고 있고, 한 점의 좌표가 (1,0) 으로 주어진 경우
  • 방정식 \(z^6 + z^5 + z^4 + z^3 + z^2 + z + 1 = 0\)
    은 다음과 같은 순서로 풀수 있음.
     
  • 양변을 \(z^3\)으로 나누면, \(z^3+z^2+z+1+\frac{1}{z}+\frac{1}{z^2}+\frac{1}{z^3}=0\) 을 얻게됨.

\(y=z+\frac{1}{z}\) 로 치환하면, 원래의 방정식에서 다음 식을 얻을 수 있음.

\(z^3+z^2+z+1+\frac{1}{z}+\frac{1}{z^2}+\frac{1}{z^3}=(z+\frac{1}{z})^3+(z+\frac{1}{z})^2-2(z+\frac{1}{z})-1=y^3+y^2-2y-1=0\)

3차 방정식의 근의 공식을 이용하여 방정식을 풀면,

\(y^3+y^2-2y-1=0\)

\(y_1= \frac{1}{3} \left(-1+\frac{7^{2/3}}{\sqrt[3]{\frac{1}{2} \left(1+3 i \sqrt{3}\right)}}+\sqrt[3]{\frac{7}{2} \left(1+3 i \sqrt{3}\right)}\right)(=2\cos\frac{2\pi}{7})\)

\(y_2=-\frac{1}{3}-\frac{7^{2/3} \left(1+i \sqrt{3}\right)}{3\ 2^{2/3} \sqrt[3]{1+3 i \sqrt{3}}}+\frac{1}{6} i \sqrt[3]{\frac{7}{2} \left(1+3 i \sqrt{3}\right)} \left(\sqrt{3}+i\right)(=2\cos\frac{4\pi}{7})\)

\(y_3=-\frac{1}{3}-\frac{1}{6} \left(1+i \sqrt{3}\right) \sqrt[3]{\frac{7}{2} \left(1+3 i \sqrt{3}\right)}+\frac{i 7^{2/3} \left(\sqrt{3}+i\right)}{3\ 2^{2/3} \sqrt[3]{1+3 i \sqrt{3}}}(=2\cos\frac{6\pi}{7})\)

 

\(z^2-yz+1=0\)

\(z=\frac{y+\sqrt{y^2-4}}{2}\)

 

을 얻게 됨. 

  • 복소평면상에서 \(z\) 의 \(x\) 좌표는  로 주어짐.

 

 

 

정칠각형의 대각선의 길이

  • 한 변의 길이가 1인 정칠각형의 대각선의 길이는 다음과 같이 주어짐
    \(r_i=\frac{\sin \frac{(i+1)\pi}{7}}{\sin \frac{\pi}{7}}}\) , \(i=0,1,\cdots,5\)
    여기서 \(r_0=1\), \(r_5=1\)
    [/pages/6782509/attachments/4290397 heptagon.png]
  • 제2종 체비셰프 다항식
  • 대각선이 만족시키는 다양한 항등식
    \(r_hr_k=r_{h-k}+r_{h-k+2}+\cdots+r_{h+k}, 0\leq k\leq h\leq 2\)
    \(r_i^2=1+r_{i-1}r_{i+1}, 1\leq i \leq 4\)
    \(r_0r_0=r_0\)
    \(r_1r_0=r_1\)
    \(r_1r_1=r_0+r_2\)
    \(r_2r_0=r_2\)
    \(r_2r_1=r_1+r_3\)
    \(r_2r_2=r_0+r_2+r_4\)

(증명)

\(r_1r_1=r_0+r_2\)

\(r_2r_1=r_1+r_3=r_1+r_2\)■

(증명)

\(r_1r_1=r_0+r_2\)

\(r_2r_2=r_0+r_2+r_4=r_0+r_2+r_1\) ■

 

 

 

다이로그 항등식

  • 다이로그 항등식 (dilogarithm identities)
    \(\alpha=\frac{\sec\frac{2\pi}{7}}{2}=0.80194\cdots\)
    \(\beta=\frac{\sec\frac{\pi}{7}}{2}=0.554958\cdots\)
    \(\gamma=2\cos\frac{3\pi}{7}=0.445042\cdots\)
    \(7L(\alpha^2)-7L(\alpha)+L(1)=0\)
    \(7L(\beta^2)+14L(\beta)-10L(1)=0\)
    \(7L(\gamma^2)+14L(\gamma)-8L(1)=0\)
    \(\sum_{i=1}^{5}L(\frac{\sin^2\frac{\pi}{7}}{\sin^2\frac{(i+1)\pi}{7}}})=\frac{5\pi^2}{14}\)
  • 방정식 \(x^3+2x^2-x-1=0\) 의 해 \(\alpha, -\beta, -\gamma^{-1}\)
  • 방정식 \(x^3+x^2-2x-1=0\)의 해  \(a,b,c\)

\(a=2\cos\frac{2\pi}{7}=\alpha^{-1}=1.24698\cdots\),  \(b=2\cos\frac{4\pi}{7}=-\gamma=-0.445042\cdots\),\(c=2\cos\frac{6\pi}{7}=-\beta^{-1}=-1.80194\cdots\)

  • k=3인 경우의 앤드류스-고든 항등식(Andrews-Gordon identity)
    \(1-x_{1}=x_{1}^{4}x_{2}^{2}\)
    \(1-x_{2}=x_{1}^{2}x_{2}^{2}\)를 풀면,
    \(x_{2}=1-\frac{1-x_{1}}{x_{1}^{2}}=\frac{x_{1}^{2}+x_{1}-1}{x_{1}^{2}}\)
    \(1-x_{1}=(x_{1}^{2}+x_{1}-1)^{2}\) 따라서 \(x_1\)은 \(x (x^3+2 x^2-x-1)=0\)의 해가 된다

 

 

재미있는 사실

 

 

 

역사

 

 

 

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