로그 탄젠트 적분(log tangent integral)

수학노트
둘러보기로 가기 검색하러 가기

개요

\[\int_{\pi/4}^{\pi/2} \ln \ln \tan x\, dx=\frac{\pi}{2}\ln \left(\frac{\Gamma(\frac{3}{4})}{\Gamma(\frac{1}{4})}\sqrt{2\pi}\right)\]\[\int_{0}^{\pi} (\ln \tan \frac{x}{4})^2\,dx=\frac{\pi^3}{4}\]\[\int_0^{\infty}\frac{(\ln x)^2}{1+x^2} dx =\int_{0}^{\pi/2}(\ln \tan x)^2\,dx = \frac{ \pi^3}{8}\]



증명

(보조정리)

\(\Gamma(s)\beta(s)=\int_{\pi/4}^{\pi/2} \ln^{s-1}\tan x\, dx\)

여기서 \(\Gamma(s)\)는 감마함수,\(\beta(s)\)는 디리클레 베타함수.


(증명)

\(F(s)=\sum_{n=1}^{\infty}\frac{f(n)}{n^s}\) 라 하자.

\(\Gamma(s)F(s)=\int_0^{\infty}(\sum_{n=1}^{\infty}f(n)e^{-nt})t^{s-1}\,dt\)

\(z=e^{-t}\) 로 치환하면,

\(\Gamma(s)F(s)=\int_0^{1}(\sum_{n=1}^{\infty}f(n)z^n)(\log\frac{1}{z})^{s-1}\,\frac{dz}{z}\)


만약 \(f(n+q)=f(n)\) 을 만족하면 (가령 디리클레 캐릭터의 경우)

\(p(z)=\sum_{n=1}^{q-1}f(n)z^n\)라면, \(\sum_{n=1}^{\infty}f(n)z^n=\frac{p(z)}{1-z^q}\) 로 쓸 수 있다.


이를 이용하면,

\(\Gamma(s)F(s)=\int_0^{1}\frac{p(z)(\log\frac{1}{z})^{s-1}}{1-z^q}\,\frac{dz}{z}\) 를 얻는다.

\(f\)가 \(f(3)=-1\)인 주기가 4인 디리클레 캐릭터라면, \(q=4\), \(p(z)=z-z^3\)

따라서

\(\Gamma(s)\beta(s)=\int_0^{1}\frac{(\log\frac{1}{z})^{s-1}}{1+z^2} \,dz=\int_1^{\infty}\frac{(\log u)^{s-1}}{1+u^2} \,du=\int_{\pi/4}^{\pi/2} \ln^{s-1}\tan x\, dx\) ■



(따름정리1)

\(\int_{\pi/4}^{\pi/2} \ln \tan x\, dx=G\), G는 카탈란 상수.

(증명)

위에서 얻은 보조정리에 \(s=2\)를 적용하면,

\(\int_{\pi/4}^{\pi/2} \ln^{2-1}\tan x\, dx=\Gamma(2)\beta(2)=G\) ■



(따름정리2)

\(\int_{\pi/4}^{\pi/2} \ln \ln \tan x\, dx=\frac{\pi}{2}\ln \left(\frac{\Gamma(\frac{3}{4})}{\Gamma(\frac{1}{4})}\sqrt{2\pi}\right)\)


(증명)

\(\int_{\pi/4}^{\pi/2} \ln \ln \tan x\, dx=\frac{d}{ds}(\Gamma(s)\beta(s))|_{s=1}\)임을 보이자.

\(\frac{d}{ds}(\Gamma(s)\beta(s))=\frac{d}{ds}\int_1^{\infty}\frac{(\log u)^{s-1}}{1+u^2} \,du=\int_1^{\infty}\frac{(\log u)^{s-1}}{1+u^2}\log \log u \,du\)

\(s=1\) 일때,

\(\Gamma'(1)\beta(1)+\Gamma(1)\beta'(1)=\int_1^{\infty}\log \log u \,\frac{du}{1+u^2}=\int_{\pi/4}^{\pi/2} \ln \ln \tan x\, dx\)

이제 다이감마 함수(digamma function)와 디리클레 베타함수에서 얻은 결과를 사용하자.

\(\psi(x) =\frac{d}{dx} \ln{\Gamma(x)}= \frac{\Gamma'(x)}{\Gamma(x)}\), \(\psi(1) = -\gamma\,\!\). 따라서 \(\Gamma(1)=-\gamma\).

\(\beta'(1)=\frac{\pi}{4}\gamma+\frac{\pi}{2}\ln(\frac{\Gamma(3/4)}{\Gamma(1/4)}\sqrt{2\pi})\).


그러므로

\(\int_{\pi/4}^{\pi/2} \ln \ln \tan x\, dx=\Gamma'(1)\beta(1)+\Gamma(1)\beta'(1)= -\frac{\pi}{4}\gamma+\beta'(1)=\frac{\pi}{2}\ln \left(\frac{\Gamma(\frac{3}{4})}{\Gamma(\frac{1}{4})}\sqrt{2\pi}\right)\)

임이 증명된다. ■



역사



메모

\(f\)가 \(f(3)=-1\)인 주기가 4인 디리클레 캐릭터라고 하면, \(p(z)=z-z^3\) 다음의 \(L\)-함수 \[L(s) = \sum_{n\geq 1}\frac{f(n)}{n^s}\] 는 아래의 식을 만족한다 \[ \begin{align} L'(1)-\gamma \frac{\pi}{4}&=\int_0^{1}\frac{z-z^3}{1-z^4}\log \log\frac{1}{z} \,\frac{dz}{z}\\ &=\int_0^{1}\log \log\frac{1}{z} \,\frac{dz}{1+z^2}\\ &=\int_1^{\infty}\log \log u \,\frac{du}{1+u^2} \\ &=\int_{\pi/4}^{\pi/2} \ln \ln \tan x\, dx \end{align} \] \[\int_{\pi/4}^{\pi/2} \ln \ln \tan x\, dx=L'(1)- \frac{\pi}{4}\gamma=\frac{\pi}{2}\ln(\frac{\Gamma(\frac{3}{4})}{\Gamma(\frac{1}{4})}\sqrt{2\pi})\]

\(\frac{24}{7\sqrt{7}}\int_{\pi/3}^{\pi/2}\ln|\frac{\tan t+\sqrt{7}}{\tan t-\sqrt{7}}|\,dt=L_{-7}(2)=1.15192547054449\cdots\)




개요



수학용어번역



매스매티카 파일 및 계산 리소스



사전 형태의 자료



관련논문



관련도서

원본 주소 "https://wiki.mathnt.net/index.php?title=로그_탄젠트_적분(log_tangent_integral)&oldid=47964"